费马大定理的初等巧妙证明(完全版)
费马大定理的初等巧妙证明(完全版)
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费马大定理：一个正整数的三次以上的幂不能分为两正整数的同次幂之和。即不定方程zn?xn?yn当n≥3时无正整数解。
证明： 当n=2时，有 z?x?y
∴ x?z?y?(z?y)(z?y) （1）
设 (z?y)?2m 则 z?y?2m 代入（1）得
x?z?y?2m(2y?2m)?2m(y?m)?2ml
∴ x?2ml y?l?m z?l?m
当n=3时，有 z?x?y
∴ x?z?y?(z?y)(z?zy?y) （2）
设 (z?y)?3m 则 z?y?3m代入（2）得
x?z?y?3m［(y?3m)?(y?3m)y?y］ 3332323223223233332233322222222222222222222222
?32m3(3y2?3?32m3y?34m6)?33m3(y2?32m3y?33m6)
设 (y?3my?3m)?l （3）
则 x?3ml （4）
z?y?3m （5）
若z,y的公约数为k,即 (z,y)=k ，k>1时，方程x?z?y两边可以除以k，下面分析k=1 即（z,y）=1 , 方程x?z?y的正整数解
因为（z,y）=1，分析（2），（3），（4），（5）式，只有m,l为正整数时，x,y,z可能有正整数解，由（3）得 333333232233633
y(y?32m3)?l3?33m6?(l?3m2)(l2?3m2l?32m4) (6)
∵ y, m, l都取正整数，
∴y?(y?3m) (l?3m)?(l?3ml?3m)
2322224
∴ y?(l?3ml?3m)
∴ y没有形如y?(l?3ml?3m)的正整数解。
又∵（6）式左边分解为y和y的（3－2）次式，右边分解为(l?3m)和l的（3－1）次式，且y, m, l都取正整数，如果y=(l?3m),则y?3m?(l?3ml?3m)，如果2232224222242224y?32m3?(l2?3m2l?32m4)，则y>(l?3m2).
∴y?(l?3m)和y?3m?(l?3ml?3m)不能同时成立
∴ y没有形如y?(l?3m)的正整数解
若 (l?3m)=ab , (l?3ml?3m)=cd (a,b,c,d为正整数)可得相应方程组
222????y?a?l?3m?y?ac?l?3m?y?c?l?3m或?或?这些方程组里的m, l没有正?232323??y?3m?bcd??y?3m?bd?y?3m?abd?2232224222224
整数解，若有正整数解，则与y没有形如y?(l?3m)或y?(l?3ml?3m)的正整数解矛盾。
又 ∵ y?(l?3m)在m, l取正整数的条件下，y可取到任意正整数
∴ y没有正整数解。
∴ 当n=3时，方程z?x?y无正整数解。
当n>3时，z?x?y
∴ x?z?y?(z?y)(z
令 (z?y)?nn?1nnnn?1nnn333222224?zn?2y???zyn?2?yn?1) （7） mn 则 z?y?nn?1mn代入（7）得
xn?zn?yn?(z?y)(zn?1?zn?2y???zyn?2?yn?1)
n?nn?1m［（y?nn?1mn)n?1?(y?nn?1mn)n?2y???(y?nn?1mn)yn?2?yn?1)］
n111n?1nn?2?nn?1m［nyn?1?(c1my? n?1?cn?2???c2?c1)n
?(cn?1?cn?2???c3?c2)n
?(cn?1?cn?2)n
?nm［y
nnn?1n?2n?2(n?2)(n?1)22222(n?1)m2nyn?3??? n?1(n?1)(n?1)(n?1)nm(n?2)ny?cnnm］ ?1111n?1?1nn?2?(c1my? n?1?cn?2???c2?c1)n
?(cn?1?cn?2???c3?c2)n
?(cn?1?cn?2)nn?2n?2(n?2)(n?1)?122222(n?1)?1m2nyn?3??? n?1(n?1)(n?1)?1(n?1)nm(n?2)ny?cnm］ ?1n
［y设n?1111n?1?1nn?2?(c1my? n?1?cn?2???c2?c1)n
22222(n?1)?1 ?(cn?1?cn?2???c3?c2)n
?(cn?1?cn?2)nn?2n?2(n?2)(n?1)?1m2nyn?3??? n?1(n?1)(n?1)?1(n?1)nm(n?2)ny?cnm］ ?1n
?ln （8）
则 x?3ml （9）
z?y?nn?1mn （10）
nxn若z,y的公约数为k,即 (z,y)=k ，k>1时，方程x?z?y两边可以除以k，下面分
析k=1 即（z,y）=1 , 方程x?z?y的'正整数解
因为（z,y）=1，分析（7），（8），（9），（10）式，只有m,l为正整数时，x,y,z可能有正整数解，由（8）得
111n?1?1nn?2?1y［yn?1?1?(c1?c???c?c)nmy? n?1n?221nnxn
?(cn?1?cn?2???c3?c2)n
?(cn?1?cn?2)nn?2n?2(n?2)(n?1)?122222(n?1)?1m2nyn?3?1??? m(n?2)n］
?(l?nn?2mn?1)(ln?1?ln?2nn?2mn?1?ln?3n2(n?2)m2(n?1)???n(n?1)(n?2)m(n?1)(n?1)) (11) 简记为 y f(yn?2)=(l?3n?2mn?1)F(ln?1)
∵ y, m, l都取正整数。
∴y
∴ y?(ln?1?ln?2nn?2mn?1?ln?3n2(n?2)m2(n?1)???n(n?1)(n?2)m(n?1)(n?1))= F(ln?1)
n?1∴ y没有形如y= F(l)的正整数解。
n?2又∵（11）式左边分解为y和y的（n－2）次式，右边分解为(l?n
次式，且y, m, l都取正整数，如果y=(l?n
则y>(l?3n?2n?2mn?1)和l的（n－1）mn?1),则f(yn?2)
∴y?(l?nn?2mn?1)和f(yn?2)=F(ln?1)不能同时成立。
n?2∴ y没有形如y?(l?n
若(l?3n?2mn?1)的正整数解。 mn?1)=ab , F(ln?1)=cd (a,b,c,d为正整数)可得相应方程组
n?2n?1n?2n?1n?2n?1????y?a?l?nm?y?c?l?nm?y?ac?l?nm或?或?这些方程组里的?n?2n?2n?2????f(y)?bcd?f(y)?abd?f(y)?bd
m, l没有正整数解，若有正整数解，则与y没有形如y?(l?n
整数解矛盾。
又 ∵ y?(l?nn?2n?2mn?1)或y= F(ln?1)的正mn?1)在m, l取正整数的条件下，y可取到任意正整数
∴ y没有正整数解。
∴ 当n>3时，方程z?x?y无正整数解。
定理得证。
nnn
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